compitino-28-4-09 (1)

CORSO DI LAUREA IN SCIENZE BIOLOGICHE
Prima prova in itinere di FISICA 28 Aprile 2009
1) Un calciatore lancia una palla dal suolo, con una angolo  = 45° e velocità in modulo
pari a v0= 15 m/s. Determinare:
a) le componenti x e y della velocità all’istante iniziale del lancio ed in corrispondenza al punto di
massima quota y raggiunto dalla palla; la massima quota y raggiunta dalla palla;
b) il tempo impiegato dalla palla ad arrivare a terra e la massima distanza orizzontale x percorsa;
c) Facoltativo: le componenti x e y della velocità della palla nell’istante in cui tocca il suolo.
2) Una particella di massa m = 100 g è trattenuta mediante una fune sulla sommità di un piano
inclinato di 30° rispetto al piano orizzontale, in equilibrio.
a) Si calcoli la tensione T della fune e la reazione normale al piano di appoggio, R, assumendo che
il piano sia perfettamente liscio;
b) Supponendo che la fune venga tagliata e che il piano inclinato sia scabro, si determini il valore
del coefficiente di attrito  in modo tale che la particella scenda con accelerazione a di modulo
2 m/s2 .
c) Facoltativo: Calcolare, nelle ipotesi del punto b) il tempo che la particella impiega per
raggiungere la base del piano inclinato, (punto A in figura), sapendo che si trova inizialmente
ad un’altezza h di 1 m, rispetto alla base del piano inclinato.
1m
A
3) Uno sciatore di massa m = 70 kg scende lungo una pista perfettamente priva di attrito, partendo da
fermo a quota h = 30 m. Al termine della pista prosegue lungo un tratto rettilineo, orizzontale e scabro
con coefficiente di attrito dinamico d = 0.5. Determinare:
a) la velocità con cui giunge al termine del tratto privo di attrito;
b) la distanza orizzontale d che deve percorrere prima di fermarsi completamente e l’energia
dissipata.
SCRIVERE IN MODO CHIARO. GIUSTIFICARE BREVEMENTE PROCEDIMENTI
SOSTITUIRE I VALORI NUMERICI SOLO ALLA FINE SENZA DIMENTICARE LE
UNITA` DI MISURA. Testi, soluzioni ed esiti alle pagine: www2.fisica.unimi.it/bettega (
AD); fisbio.webhop.net (EN), www.mi.infn.it/~sleoni (OZ)
SOLUZIONE ESERCIZIO 1
Le equazioni generali del moto del proiettile sono:
1 2

 x  x0  vox t
 y  y0  voyt  gt
2


v x  v0 x
v y  v0 y  gt

con
v0 x  v0 cos 

v0 y  v0 sin 
a) Le componenti iniziali del vettore velocità sono:
v0 x  v0 cos   15m / s  cos 45  10.6m / s

v0 y  v0 sin   15m / s  sin 45  10.6m / s
Alla quota massima raggiunta dal proiettile la componente y della velocità è nulla :
vx = vx0 = 10.6 m/s
vy = 0
La quota massima viene quindi raggiunta dopo un tempo t dato da:
v0 y  gt
t  v0 sin  / g  (10.6m / s) /(9.8m / s 2 )  1.08 s
ed è data da:
y  y 0  voy t 

1 2
1
1
gt  ( gt )t  gt 2  gt 2
2
2
2
1
(9.8m / s 2 )  (1.08) 2  5.7 m
2
b) Il moto della palla è parabolico e quindi simmetrico. Il tempo tfinale impiegato per giungere a terra è
quindi il doppio del tempo impiegato per raggiungere il punto di quota massima:
tfinale = 2xt = 2.16 s
a cui corrisponde una distanza orizzontale
xfinale = vox tfinale = 10.6m/s x 2.16 s = 22.9 m
c) Facoltativo: Essendo la traiettoria parabolica simmetrica, il vettore velocità in corrispondenza al
punto di atterraggio ha la stessa intensità del vettore velocità all’istante del lancio ed
inclinazione pari a -45° rispetto all’asse x orizzontale. Le sue componenti valgono
quindi:
(vx)finale = v0x = 10.6 m/s
(vy)finale = -v0y = -10.6 m/s
SOLUZIONE ESERCIZIO 2
a) Scelto il semiasse positivo x parallelo al piano inclinato e diretto verso il basso, ed il semiasse
positivo y perpendicolare al piano inclinato e diretto verso l’alto, le componenti della forza
risultante F agente sulla particella sono:
Fx = mg sen 30° - T ed Fy = N - mg cos 30° . Poichè la particella è in equilibrio, entrambe le
componenti della forza sono nulle. Si ha quindi:
mg sen 30° - T = 0
R - mg cos 30° = 0
Sostituendo i valori numerici si ricava T= 0.49 N (-i ) ed R= 0.85 N (j)
b) La particella è soggetta all’azione della forza peso e della forza di attrito. Inoltre in questo caso
Fx = ma
dove Fx = mg sen 30° -  mg cos 30° . Si ricava quindi :
 = ( mg sen 30° - ma ) / mg cos 30°
Sostituendo i valori numerici si ha  = 0.34
Facoltativo:
c) La lunghezza del tratto che la particella percorre lungo il piano inclinato per raggiungere la
base è x = h / sen 30° = 2 m. Il moto della particella lungo il piano inclinato è rettilineo
uniformemente accelerato con accelerazione a di modulo 2 m/s 2. Si ha quindi x = ½ at2 + vo t
dove la velocità iniziale vo è nulla. Il tempo che il corpo impiega a raggiungere la base del
piano inclinato è pertanto t = (2 x / a) ½. Sostituendo i valori numerici si ha quindi t = 1.4 s.
SOLUZIONE ESERCIZIO 3
a) Durante la discesa lungo la pista priva di attrito vale il principio di conservazione dell’energia
meccanica:
Emecc,i = Emecc,f
Ki +Ui = Kf + Uf
mgh = ½ mv2
da cui si deduce che la velocità finale, alla base della pista, è pari a
v  2 gh  2 x(9.8m / s 2 ) x30m  24.2 m / s
b) Lungo il tratto orizzontale scabro, la forza di attrito dinamico compie lavoro dissipando energia
fino ad arrestare completamente lo sciatore.
L’energia dissipata finale è pari alla energia cinetica iniziale dello sciatore, ossia:
Edissipata = ½ mv2 = mgh = 70 kg x 9.8 m/s2 x 30 m = 20580 J
Dal il teorema lavoro-energia cinetica di ricava poi la distanza massima orizzontale d percorsa:
Latt = -fdK = 0 – 1/2 m v2
d mg d = 1/2 mv2
d = (½ v2) /(d g) = 59.8 m