Esercitazione 2

ESERCITAZIONE 2
Ereditarietà di due o più geni indipendenti
1. Schematizza il processo di meiosi di una cellula diploide con n = 2. Un cromosoma
porta il gene A, l'altro il gene B. L'individuo è eterozigote per entrambi i geni. Indica le
due diverse possibili disposizioni dei cromosomi gli uni rispetto agli altri nella
metafase I.
A
Gametocita
a
b
B
B
a
Profase I
A
A
B
a
b
Metafase I
Metafase II
Gameti
b
oppure
A
b
a
B
A
B
a
b
A
b
a
B
A
B
a
b
A
b
a
B
A
A
a
a
A
A
a
a
B
B
b
b
b
b
B
B
GAMETI:
1/4 AB : 1/4 ab : 1/4 Ab : 1/4 aB
2. Adesso utilizza il sistema delle ramificazioni per stabilire il tipo e la
frequenza dei gameti prodotti dalla stessa cellula, AaBb (diibrido)
Gene A (frequenza)
A ½
………...(…….)
Gene B (frequenza)
Gameti
………….(……..)
B ½
………….(……..)
AB ¼
………….(……..)
b ½
………….(……..)
………….(……..)
B ½
………….(……..)
b ½
………….(……..)
Ab ¼
aB ¼
a ½
………...(…….)
………….(……..)
ab ¼
3. Quali tipi di gameti e in che proporzioni vengono prodotti da
individui dal seguente genotipo (usa il sistema delle ramificazioni):
a) aa bb
b) Aa bb
ab (1)
A (1/2)
b (1)
Ab (1/2)
a (1/2)
b (1)
ab (1/2)
B (1/2)
AB (1/4)
b (1/2)
Ab (1/4)
B (1/2)
aB (1/4)
b (1/2)
ab (1/4)
c) Aa Bb
A (1/2)
a (1/2)
4. Determina per ogni incrocio le classi genotipiche e fenotipiche attese nella
progenie e le relative frequenze (i geni A e B sono indipendenti).
GENOTIPO degli
individui incrociati
AA bb x aa BB
GAMETI
prodotti dal
primo
individuo e
frequenza
GAMETI
prodotti dal
secondo
individuo e
frequenza
Ab (1)
aB (1)
Aa bb x aa Bb
Ab (1/2)
ab (1/2)
aB (1/2)
ab (1/2)
Aa Bb x aa bb
¼ AB
¼ Ab
¼ aB
¼ ab
ab (1)
GENOTIPI della
progenie e
relative
frequenze
Aa Bb (1)
FENOTIPI
della progenie
e relative
frequenze
A B (1)
¼
¼
¼
¼
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
¼
¼
¼
¼
AB
Ab
aB
ab
¼
¼
¼
¼
AaBb
Aabb
aaBb
aabb
¼
¼
¼
¼
AB
Ab
aB
ab
Adesso utilizza il metodo delle ramificazioni per calcolare le classi
fenotipiche dell’incrocio b) Aa bb X aa Bb
Fenotipi per il gene A
(incrocio Aa X aa)
A ½
………...(…….)
fenotipi per il gene B
(incrocio bb X Bb)
classi fenotipiche
………….(……..)
B ½
………….(……..)
AB ¼
………….(……..)
b ½
………….(……..)
………….(……..)
B ½
………….(……..)
b ½
………….(……..)
Ab ¼
aB ¼
a ½
………...(…….)
………….(……..)
ab ¼
Adesso utilizza il metodo delle ramificazioni per calcolare le classi
fenotipiche dell’incrocio c) Aa Bb X aa bb
Fenotipi per il gene A
(incrocio Aa X aa)
A ½
………...(…….)
fenotipi per il gene B
(incrocio Bb X bb)
classi fenotipiche
………….(……..)
B ½
………….(……..)
AB ¼
………….(……..)
b ½
………….(……..)
………….(……..)
B ½
………….(……..)
b ½
………….(……..)
Ab ¼
aB ¼
a ½
………...(…….)
………….(……..)
ab ¼
6. Nelle cavie, il gene R (rough) determina se il pelo è arruffato o liscio,
mentre il gene B (brown) ne controlla il colore (nero o bruno).
Determina il genotipo degli individui incrociati e verifica con il test del c2
le ipotesi fatte. Costruisci una tabella secondo lo schema indicato sotto.
Numero di individui della progenie
Fenotipo degli individui incrociati
Nero
arruffato
Nero
liscio
Bruno
arruffato
Bruno
liscio
a) Nero arruffato X bruno liscio
50
0
0
0
b) Nero arruffato X nero arruffato
c) Nero arruffato X bruno liscio
d) Bruno arruffato X nero arruffato
a) Da un incrocio tra due individui di fenotipo diverso ho ottenuto una progenie
tutta omogenea nera e arruffata:
- I caratteri nero e arruffato sono dominanti (B, nero; R, arruffato)
- I due individui incrociati sono omozigoti: BB RR X bb rr
Non è necessario applicare un test statistico perché non c’è differenza tra atteso
e osservato (100%).
6. Nelle cavie, il gene R (rough) determina se il pelo è arruffato o liscio,
mentre il gene B (brown) ne controlla il colore (nero o bruno).
Determina il genotipo degli individui incrociati e verifica con il test del c2
le ipotesi fatte. Costruisci una tabella secondo lo schema indicato sotto.
Numero di individui della progenie
Fenotipo degli individui incrociati
Nero
arruffato
Nero
liscio
Bruno
arruffato
Bruno
liscio
a) Nero arruffato X bruno liscio
50
0
0
0
b) Nero arruffato X nero arruffato
185
60
57
18
c) Nero arruffato X bruno liscio
d) Bruno arruffato X nero arruffato
b) Abbiamo stabilito che i due caratteri nero e arruffato sono dominanti.
I due individui incrociati hanno le stesso fenotipo ma nella progenie si ha la
comparsa di caratteri alternativi (recessivi): quindi entrambi gli individui sono
doppi eterozigoti: Bb Rr X Bb Rr
Nella progenie sono attese quattro classi fenotipiche con la seguente frequenza:
9/16 BR (nero arruffato): 3/16 Br (nero liscio):
3/16 bR (bruno arruffato): 1/16 br (bruno liscio)
Verifichiamo con il test del c2 se possiamo accettare l’ipotesi.
Fenotipi
Xo
(individui
osservati)
H
(ipotesi)
Xa
(individui
attesi)
Nero
arruffato
185
9/16
Nero
liscio
60
Bruno
arruffato
(Xo –Xa)2
(Xo –Xa)2
Xa
180
(185-180) 2=
25
25/180= 0,14
3/16
60
0
0/60= 0
57
3/16
60
(57-60) 2=
9
9/60=0,15
Bruno
liscio
18
1/16
20
(18-20) 2=
4
4/20= 0,20
Totale
320
16/16
320
c2 = 0,49
Gradi di libertà = 4 – 1 = 3
S =0,49
Valori che possono essere accettati
P >90%, possiamo accettare l’ipotesi
Valori da rigettare
6. Nelle cavie, il gene R (rough) determina se il pelo è arruffato o liscio,
mentre il gene B (brown) ne controlla il colore (nero o bruno).
Determina il genotipo degli individui incrociati e verifica con il test del c2
le ipotesi fatte. Costruisci una tabella secondo lo schema indicato sotto.
Numero di individui della progenie
Fenotipo degli individui incrociati
Nero
arruffato
Nero
liscio
Bruno
arruffato
Bruno
liscio
a) Nero arruffato X bruno liscio
50
0
0
0
b) Nero arruffato X nero arruffato
185
60
57
18
c) Nero arruffato X bruno liscio
105
100
98
97
d) Bruno arruffato X nero arruffato
c) I due individui incrociati hanno fenotipo diverso. Il secondo individuo è
omozigote recessivo per entrambi i geni (bb rr). Il primo individuo ha fenotipo
dominante per entrambi i caratteri, quindi possiede almeno un allele dominante
per entrambi i geni: B - R -. Per stabilire il secondo allele guardiamo la progenie:
compaiono le classi a fenotipo recessivo, quindi è un doppio eterozigote Bb Rr.
L’attesa nella progenie è di 4 classi fenotipiche con frequenza 1 : 1 : 1 : 1.
Verifichiamo con il test del c2 se possiamo accettare l’ipotesi.
Fenotipi
Xo
(individui
osservati)
H
(ipotesi)
Xa
(individui
attesi)
Nero
arruffato
105
¼
Nero
liscio
100
Bruno
arruffato
(Xo –Xa)2
(Xo –Xa)2
Xa
100
(105-100) 2=
25
25/100= 0,25
¼
100
0
0/60= 0
98
¼
100
(98-100) 2=
4
4/100=0,04
Bruno
liscio
97
¼
100
(97-100) 2=
9
9/100= 0,09
Totale
400
4/4
400
c2 = 0,38
Gradi di libertà = 4 – 1 = 3
P =>90%, possiamo accettare l’ipotesi
S =0,38
6. Nelle cavie, il gene R (rough) determina se il pelo è arruffato o liscio,
mentre il gene B (brown) ne controlla il colore (nero o bruno).
Determina il genotipo degli individui incrociati e verifica con il test del c2
le ipotesi fatte. Costruisci una tabella secondo lo schema indicato sotto.
Numero di individui della progenie
Fenotipo degli individui incrociati
Nero
arruffato
Nero
liscio
Bruno
arruffato
Bruno
liscio
a) Nero arruffato X bruno liscio
50
0
0
0
b) Nero arruffato X nero arruffato
185
60
57
18
c) Nero arruffato X bruno liscio
105
100
98
97
d) Bruno arruffato X nero arruffato
63
17
58
22
d) Il primo individuo è omozigote recessivo per il colore (bb) e ha fenotipo
dominante per arruffato (R -). Il secondo individuo è dominante per entrambi i
caratteri (B - R -).
Nella progenie compaiono le classi a fenotipo recessivo sia per il colore bruno
sia per il pelo liscio, quindi entrambi gli individui hanno almeno un allele
recessivo da dare alla progenie.
Genotipo: b b R r X B b R r
Classi fenotipiche attese nella progenie: lo facciamo con le ramificazioni.
Gene B
bb X Bb
Gene R
Rr x Rr
Classi fenotipiche
R (3/4)
B R (1/2 x 3/4 = 3/8)
nero arruffato
r (1/4)
B r (1/2 x 1/4 = 1/8)
nero liscio
R (3/4)
b R (1/2 x 3/4 = 3/8)
bruno arruffato
r (1/4)
b r (1/2 x 1/4 = 1/8)
bruno liscio
B (1/2)
b (1/2)
Verifichiamo con il test del c2 se possiamo accettare l’ipotesi.
Fenotipi
Xo
(individui
osservati)
H
(ipotesi)
Xa
(individui
attesi)
Nero
arruffato
63
3/8
Nero
liscio
17
Bruno
arruffato
(Xo –Xa)2
(Xo –Xa)2
Xa
60
(63-60) 2=
9
9/60= 0,15
1/8
20
(17-20) 2=
9
9/20= 0,45
58
3/8
60
(58-60) 2=
4
4/60=0,07
Bruno
liscio
22
1/8
20
(22-20) 2=
4
4/20= 0,2
Totale
160
8/8
160
c2 = 0,87
Gradi di libertà = 4 – 1 = 3
P =80-90%, possiamo accettare l’ipotesi
S =0,87
7. Nella rosa il colore rosso è determinato dal gene W mentre il gene D
controlla l’altezza della pianta. Determina il genotipo degli individui
incrociati e verifica con il test del c2 le ipotesi fatte.
Numero di individui della progenie
Fenotipo degli individui incrociati
Rossa
Alta
Rossa
nana
Bianca
alta
Bianca
nana
a) rossa alta X rossa alta
120
0
45
0
b) Rossa alta X bianca nana
c) Rossa alta X bianca nana
d) Bianca alta X rossa alta
e) Rossa alta X rossa alta
a) per quanto riguarda il colore del fiore, le piante incrociate hanno lo stesso
fenotipo ma nella progenie compare un fenotipo alternativo (recessivo):
entrambe le piante sono eterozigoti (Ww) e rosso (W) è dominante su bianco
(w).
b) Per quanto riguarda l’altezza, non siamo in grado di stabilire quale sia l’allele
dominante e quale il recessivo perché non c’è nessuna segregazione del
carattere. Infatti tutta la progenie è alta e le piante incrociate possono essere
entrambi recessivi (dd) oppure D D x D - o D - x D D
Verifichiamo con il test del c2 se possiamo accettare l’ipotesi.
Fenotipi
Xo
(individui
osservati)
H
(ipotesi)
Xa
(individui
attesi)
Rosse
alte
120
3/4
Bianche
alte
45
Totale
165
(Xo –Xa)2
(Xo –Xa)2
Xa
123,75
(120-123,75) 2=
14
14/123,75=
0,11
1/4
41,25
(45-41,25) 2=
14
14/41,25=
0,33
4/4
165
c2 = 0,44
Gradi di libertà = 2 – 1 = 1
P =50-70%, possiamo accettare l’ipotesi
S =0,44
7. Nella rosa il colore rosso è determinato dal gene W mentre il gene D
controlla l’altezza della pianta. Determina il genotipo degli individui
incrociati e verifica con il test del c2 le ipotesi fatte.
Numero di individui della progenie
Fenotipo degli individui incrociati
Rossa
Alta
Rossa
nana
Bianca
alta
Bianca
nana
a) rossa alta X rossa alta
120
0
45
0
b) Rossa alta X bianca nana
100
0
105
0
c) Rossa alta X bianca nana
d) Bianca alta X rossa alta
e) Rossa alta X rossa alta
b) Le due piante incrociate hanno fenotipo diverso.
Nella progenie vediamo segregazione di piante rosse e bianche: sapendo che il rosso è
dominante su bianco possiamo dire che si tratta di un reincrocio tra un eterozigote e un
omozigote recessivo: W w X w w
Per l’altezza, incrociando una pianta alta x una nana abbiamo ottenuto solo piante alte,
questo dice che alto è dominante. Nella progenie non c’è segregazione, quindi la pianta
alta è omozigote. I genotipi sono D D X d d
L’incrocio è: Ww DD X ww dd
Nella progenie sono attese 2 classi: ½ WD (rosse e alte) e ½ wD (bianche e alte).
Verifichiamo con il test del c2 se possiamo accettare l’ipotesi.
Fenotipi
Xo
(individui
osservati)
H
(ipotesi)
Xa
(individui
attesi)
Rosse
alte
100
½
Bianche
alte
105
Totale
205
(Xo –Xa)2
(Xo –Xa)2
Xa
102,5
(100-102,5) 2=
6,25
6,25/102,5=
0,06
½
102,5
(105-102,5) 2=
6,25
6,25/102,5=
0,06
2/2
205
c2 = 0,12
GL = 2 – 1 = 1
P = 70-80%, Posso accettare l’ipotesi
S =0,12
7. Nella rosa il colore rosso è determinato dal gene W mentre il gene D
controlla l’altezza della pianta. Determina il genotipo degli individui
incrociati e verifica con il test del c2 le ipotesi fatte.
Numero di individui della progenie
Fenotipo degli individui incrociati
Rossa
Alta
Rossa
nana
Bianca
alta
Bianca
nana
a) rossa alta X rossa alta
120
0
45
0
b) Rossa alta X bianca nana
100
0
105
0
c) Rossa alta X bianca nana
45
43
48
44
d) Bianca alta X rossa alta
e) Rossa alta X rossa alta
c) Le due piante incrociate hanno fenotipo diverso .
Nella progenie vediamo segregazione di piante rosse e bianche: sapendo che il rosso è
dominante su bianco possiamo dire che si tratta di un reincrocio tra un eterozigote e un
omozigote recessivo: W w X w w
Anche per l’altezza vediamo segregazione nella progenie di piante alte e nane: sapendo
che alto è dominante su nano possiamo dire che si tratta di un reincrocio tra un
eterozigote e un omozigote recessivo: D d X d d
Incrocio: W w D d X w w d d
Sono attese 4 classi fenotipiche con frequenza 1 : 1 : 1 : 1.
Verifichiamo con il test del c2 se possiamo accettare l’ipotesi.
Fenotipi
Xo
(individui
osservati)
H
(ipotesi)
Xa
(individui
attesi)
Rossa
alta
45
¼
Rossa
nana
43
Bianca
alta
(Xo –Xa)2
(Xo –Xa)2
Xa
45
(45-45) 2=
0
0/45= 0
¼
45
(43-45) 2=
4
4/45= 0,09
48
¼
45
(48-45) 2=
9
9/45=0,2
Bianca
nana
44
¼
45
(44-45) 2=
1
1/45= 0,02
Totale
180
4/4
180
c2 = 0,31
Gradi di libertà = 4 – 1 = 3
P =>90%, possiamo accettare l’ipotesi
S = 0,31
7. Nella rosa il colore rosso è determinato dal gene W mentre il gene D
controlla l’altezza della pianta. Determina il genotipo degli individui
incrociati e verifica con il test del c2 le ipotesi fatte.
Numero di individui della progenie
Fenotipo degli individui incrociati
Rossa
Alta
Rossa
nana
Bianca
alta
Bianca
nana
a) rossa alta X rossa alta
120
0
45
0
b) Rossa alta X bianca nana
100
0
105
0
c) Rossa alta X bianca nana
45
43
48
44
d) Bianca alta X rossa alta
175
67
182
58
e) Rossa alta X rossa alta
d) Per il colore le due piante differiscono, per l’altezza hanno entrambe il fenotipo
dominante. Nella progenie compaiono le classi a fenotipo recessivo.
La nostra ipotesi è che l’incrocio sia tra individui con genotipo: w w D d X W w D d
Quali classi fenotipiche sono attese da questo incrocio? Prevedilo usando le ramificazioni.
Gene W
ww X Ww
Gene D
Dd x Dd
Classi fenotipiche
D (3/4)
W D (1/2 x 3/4 = 3/8)
rossa alta
d(1/4)
W d (1/2 x 1/4 = 1/8)
rossa nana
D (3/4)
w D (1/2 x 3/4 = 3/8)
bianca alta
d (1/4)
w d (1/2 x 1/4 = 1/8)
bianca nana
W (1/2)
w (1/2)
Sono attese 4 classi fenotipiche con frequenza 3/8 : 1/8 : 3/8 : 1/8
Verifichiamo con il test del c2 se possiamo accettare l’ipotesi.
Fenotipi
Xo
(individui
osservati)
H
(ipotesi)
Xa
(individui
attesi)
Rossa
alta
175
3/8
Rossa
nana
67
Bianca
alta
(Xo –Xa)2
(Xo –Xa)2
Xa
180,75
(175-180,75) 2=
33,06
33,06
/180,75=
0,18
1/8
60,25
(67-60,25) 2=
45,56
45,56
/60,25= 0,75
182
3/8
180,75
Bianca
nana
58
1/8
60,25
Totale
482
8/8
482
c2 = 1,02
Gradi di libertà = 4 – 1 = 3
P =70-80%, possiamo accettare l’ipotesi
(182-180,75) 2= 1,56/180,75=
1,56
0,01
(58-60,25) 2=
5,06
5,06/60,25=
0,08
S =1,02
7. Nella rosa il colore rosso è determinato dal gene W mentre il gene D
controlla l’altezza della pianta. Determina il genotipo degli individui
incrociati e verifica con il test del c2 le ipotesi fatte.
Numero di individui della progenie
Fenotipo degli individui incrociati
Rossa
Alta
Rossa
nana
Bianca
alta
Bianca
nana
a) rossa alta X rossa alta
120
0
45
0
b) Rossa alta X bianca nana
100
0
105
0
c) Rossa alta X bianca nana
45
43
48
44
d) Bianca alta X rossa alta
175
67
182
58
e) Rossa alta X rossa alta
265
92
93
28
e) I due individui incrociati hanno lo stesso fenotipo ma nella progenie compaiono
fenotipi alternativi sia per il colore sia per l’altezza della pianta (caratteri recessivi).
Quindi entrambi gli individui sono doppi eterozigoti: W w D d X W w D d
Da questo incrocio (diibrido) sono attese 4 classi fenotipiche con frequenza:
9/16 WD (rosse alte) : 3/16 Wd (rosse nane) : 3/16 wD (bianche alte) : 1/16 wd (bianche
nane).
Verifichiamo con il test del c2 se possiamo accettare l’ipotesi.
Fenotipi
Xo
(individui
osservati)
H
(ipotesi)
Xa
(individui
attesi)
Rossa
alta
265
9/16
Rossa
nana
92
Bianca
alta
(Xo –Xa)2
(Xo –Xa)2
Xa
268,87
(265-268,87) 2=
14,97
14,97
/268,87=
0,05
3/16
89,62
(92-89,62) 2=
5,66
5,66
/89,62= 0,06
93
3/16
89,62
(93-89,62) 2=
11,42
11,42/89,62=
0,12
Bianca
nana
28
1/16
29,87
(28-29,87) 2=
3,49
3,49/29,87=
0,11
Totale
478
16/16
478
c2 = 0,34
Gradi di libertà = 4 – 1 = 3
P >90%, possiamo accettare l’ipotesi
S =0,34
8. Incrociando una linea pura di zucche con frutto bianco e tondo con una linea
pura a frutto giallo e appiattito, la F1 si presenta tutta con frutti bianchi e tondi.
P1
RR GG
X
P2
rr gg
Rr Gg
F1
Incrociando due piante F1 si sono ottenute:
148 piante a frutti bianchi e tondi
52 piante a frutti gialli e tondi
F2
49 piante a frutti bianchi e appiattiti
23 piante a frutti gialli e appiattiti
Indica il genotipo degli individui P1, P2 e F1, formula un’ipotesi per la segregazione
dei caratteri e verifica se i risultati sono in accordo con l’ipotesi fatta.
Dal primo incrocio sappiamo che tondo è dominante su appiattito e bianco è dominante
su giallo. Chiamando il gene che controlla la forma della zucca con R e quello che
controlla il colore con G avremo un individuo omozigote dominante e l’altro omozigote
recessivo per entrambi i caratteri. La progenie sarà eterozigote per entrambi i geni.
Nella F2 compaiono 4 classi fenotipiche. Se l’incrocio è tra due diibridi ci
aspettiamo frequenze 9 : 3 : 3 : 1.
Verifichiamolo con il test del c2.
Fenotipi
Xo
(individui
osservati)
H
(ipotesi)
Xa
(individui
attesi)
Bianchi
tondi
148
9/16
Gialli
tondi
52
Bianchi
appiattiti
(Xo –Xa)2
(Xo –Xa)2
Xa
153
(148-153) 2=
25
25
/153= 0,16
3/16
51
(52-51) 2=
1
1
/51= 0,02
49
3/16
51
(49-51) 2=
4
4/51=0,08
Gialli
appiattiti
23
1/16
17
(23-17) 2=
36
36/17= 2,12
Totale
272
16/16
272
c2 = 2,38
Gradi di libertà = 4 – 1 = 3
P=30-50%, possiamo accettare l’ipotesi
S =2,38
9. Indica con il sistema delle ramificazioni i gameti prodotti da
individui col seguente genotipo:
a) Aa Bb CC
Gene A
Aa
Gene B
Bb
Gene C
CC
Gameti
B (1/2)
C (1)
ABC (½ X ½ X 1= 1/4)
b (1/2)
B (1/2)
C (1)
C (1)
AbC (½ X ½ X 1= 1/4)
aBC (½ X ½ X 1= 1/4)
b (1/2)
C (1)
abC (½ X ½ X 1= 1/4)
A (1/2)
a (1/2)
b) Aa bb Cc Dd
Gene A
Aa
Gene B
bb
Gene C
Cc
Gene D
Dd
Gameti
D (1/2)
AbCD (½ X 1 X ½ X ½ = 1/8)
d (1/2)
D (1/2)
AbCd (½ X 1 X ½ X ½ = 1/8)
AbcD (½ X 1 X ½ X ½ = 1/8)
d (1/2)
D (1/2)
Abcd (½ X 1 X ½ X ½ = 1/8)
abCD (½ X 1 X ½ X ½ = 1/8)
d (1/2)
D (1/2)
abCd (½ X 1 X ½ X ½ = 1/8)
abcD (½ X 1 X ½ X ½ = 1/8)
d (1/2)
abcd (½ X 1 X ½ X ½ = 1/8)
C (1/2)
A (1/2)
b (1)
c (1/2)
C (1/2)
a (1/2)
b (1)
c (1/2)
c) Aa Bb Cc
Gene A
Aa
Gene B
Bb
Gene C
Cc
Gameti
C (1/2)
ABC (½ X ½ X ½ = 1/8)
c (1/2)
C (1/2)
ABc (½ X ½ X ½ = 1/8)
AbC (½ X ½ X ½ = 1/8)
c (1/2)
C (1/2)
Abc (½ X ½ X ½ = 1/8)
aBC (½ X ½ X ½ = 1/8)
c (1/2)
C (1/2)
aBc (½ X ½ X ½ = 1/8)
abC (½ X ½ X ½ = 1/8)
c (1/2)
abc (½ X ½ X ½ = 1/8)
B (1/2)
A (1/2)
b (1/2)
B (1/2)
a (1/2)
b (1/2)
10. Determina le classi fenotipiche attese nella progenie e la loro
frequenza nel seguente incrocio, sapendo che i geni A, B e C sono
indipendenti: Aa Bb Cc X aa bb cc
Fenotipi per A
Aa X aa
Fenotipi per B
Bb X bb
Fenotipi per C
Cc X cc
C (1/2)
Fenotipi progenie
c (1/2)
ABc (½ X ½ X ½ = 1/8)
C (1/2)
AbC (½ X ½ X ½ = 1/8)
c (1/2)
C (1/2)
Abc (½ X ½ X ½ = 1/8)
aBC (½ X ½ X ½ = 1/8)
c (1/2)
C (1/2)
aBc (½ X ½ X ½ = 1/8)
AbC (½ X ½ X ½ = 1/8)
c (1/2)
Abc (½ X ½ X ½ = 1/8)
ABC (½ X ½ X ½ = 1/8)
B (1/2)
A (1/2)
b (1/2)
B (1/2)
a (1/2)
b (1/2)