a) POTENZIALE ELETTRICO ED ENERGIA POTENZIALE

Fisica Generale - Modulo Fisica II
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Esercitazione 3
POTENZIALE ELETTRICO ED ENERGIA POTENZIALE
Ba1. Una carica elettrica q0 = +1 mC si trova nell’origine di un asse mentre una carica
negativa q1= −4 mC si trova nel punto di ascissa x = –1 m. Sia Q il punto dell’asse dove il
campo elettrico si annulla e P il punto di ascissa positiva dove il potenziale elettrico si
annulla. Il rapporto xQ /xP vale
(A) 1/3
(B) 1/2
(C) 1
(D) 2
(E) 3
E0
Soluzione. La situazione dei campi elettrici è
E1
schematizzata nella figura.
q
q0
A destra di q0 (ascisse positive) i due campi E0 ed E1
1
hanno verso opposto e la loro somma si può
−1
0 xP
xQ
annullare. Tra le due cariche, i due campi hanno lo E1
E0
stesso verso e non si possono annullare. A sinistra di
q1, |E1| è sempre maggiore di |E2|. Questa discussione consente di prevedere che il punto Q in
cui il campo elettrico si annulla dovrà avere ascissa xQ positiva e di impostare il problema
eguagliando semplicemente i moduli dei due campi, cioè:
q0
q1
⎧ xQ = 1 m
2
2
⇒
+
+
=
⇒
E 0 = E1 ⇒ 2 =
x
2
x
1
4
x
⎨
Q
Q
Q
xQ (xQ + 1)2
⎩ xQ = −1/ 3 m
Come stabilito, si considera solo la soluzione positiva xQ = 1 m.
Imponiamo ora l’annullamento del potenziale elettrico, possibile in quanto la carica q0 dà
sempre un contributo positivo mentre q1 uno negativo. Poiché nell’espressione del potenziale
compare una distanza, in questo caso esprimibile come valore assoluto di una differenza di
ascisse, cioè
q
q1
V0 = k 0
e V1 = k
xP
xP + 1
possiamo eguagliare i due contributi al potenziale elevati al quadrato ottenendo
⎧ x = 1/ 3 m
q 02
q12
=
⇒ x P2 + 2 x P + 1 = 16 x P2 ⇒ ⎨ P
2
2
(x P ) (xP + 1)
⎩ x P = −1 / 5 m
ottenendo due valori per l’ascissa di P. Come richiesto dal problema prendiamo la soluzione
positiva ottenendo xQ/xP = +3
Ba2. Un dipolo elettrico, inizialmente orientato lungo
E
y
l’asse x, è costituito da uno ione monovalente positivo,
ϕ
e = 1.6(10−19) C, e uno negativo alla distanza
d/2
x
−10
d = 3(10 ) m.
ed
Il dipolo viene posto in un campo elettrico uniforme −e
ed
e
diretto verso la direzione positiva dell’asse y di modulo
E = 2(105) V/m. Se il dipolo può orientarsi nel campo
elettrico la sua energia potenziale diminuisce di
(A) 2eEd
(B) eEd
(C) eEd/2
(D) eEd/3
(E) eEd/4
Soluzione. In questo caso il problema potrebbe essere risolto notando che la carica positiva si
sposta di d/2 nella direzione del campo elettrico il quale perciò compie su questa un lavoro
eE d/2; il campo elettrico compie lo stesso lavoro movendo la carica negativa in direzione
opposta; il lavoro compiuto da E, edE = 9.6(10−24) J, è pari alla perdita di energia potenziale
1
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Esercitazione 3
del dipolo (Soluzione B). Più in generale, l’energia potenziale del dipolo si può scrivere come
prodotto scalare tra il campo elettrico E e il momento di dipolo qd cambiato di segno:
energia potenziale = −E⋅ed = − Eed cos ϕ .
Tale energia è minima quando il campo elettrico e il momento di dipolo sono paralleli
(ϕ = 0°), massima quando sono antiparalleli (ϕ = 180°)e nulla quando sono perpendicolari
(ϕ = 90°).
r13
Ba3. Una molecola triatomica (ad esempio l’idrossido di sodio
NaOH) è schematizzata come l’insieme delle tre cariche della figura,
Q1
Q2 Q3
considerate puntiformi. Sia Q1= Q3 = +e, Q2 = −2e, r12 = 0.15 nm,
r23 = 0.1 nm; l’energia potenziale totale del sistema è pari a circa (e =
A r12 B r23 C
1.6(10−19)C; 1eV = 1.6(10−19)J)
(A) −14 eV
(B) 31 eV
(C) −42 eV
(D) 48 eV
(E) 98 eV
Soluzione. Si deve immaginare di costruire la molecola portando in posizione i tre ioni
dall’infinito (dove l’energia potenziale è nulla). Si inizia mettendo in posizione una delle tre
cariche, ad esempio la carica Q1 nel punto A, senza compiere lavoro. Si porta quindi la carica
Q2 in B. L’energia potenziale acquisita dal sistema delle due cariche è uguale al lavoro della
forza esterna richiesto per portare Q2 dall’infinito al punto B, dove il potenziale V12 =keQ1/r12
è quello generato da Q1. Tale lavoro è pertanto L12 = Ep12 = Q2V12.
Sia V13 il potenziale dovuto a Q1 nel punto C e V23 il potenziale in C dovuto alla sola carica
Q2. Il lavoro della forza esterna per portare la carica Q3 dall’infinito al punto C è
L13+L23 = Q3(V13+ V23).
L’energia potenziale totale del sistema è quindi la somma dei lavori di “costruzione” della
molecola, cioè:
QQ
QQ
QQ
Ep = Q2V12 + Q3V13 + Q3V23 = k e 2 1 + k e 3 1 + k e 3 2
r12
r13
r23
che in questo caso vale:
⎛
⎞
−2
−2
1
+
+
Ep = 9(10 9 )(1.6) 2 (10 −19 ) 2 ⎜⎜
⎟J =
−9
−9
−9 ⎟
⎝ 0.15(10 ) 0.25(10 ) 0.10(10 ) ⎠
= −675.84(10 −20 )J ≈ −42 eV
Il segno negativo dell’energia potenziale, e quindi del lavoro della forza esterna, significa che
per disgregare la molecola e riportare gli ioni a distanza infinita, dove l’energia potenziale è
nulla, una forza esterna deve compiere un lavoro positivo di 42 eV . Tale lavoro è
interpretabile come energia di legame della molecola, cioè Elegame = − Ep; tanto maggiore essa
è in valore assoluto, tanto più stabile è la molecola.
Per calcolare più rapidamente l’energia potenziale di un sistema di N cariche puntiformi si
possono considerare tutte le coppie di cariche senza la necessità di precisare l’ordine con cui
le cariche sono collocate in posizione e sommare tulle le energie associate a ciascuna coppia,
N
Qi Q j
1
1
cioè: Ep tot = ∑∑ k e
dove il fattore tiene conto del fatto che, ad esempio, la
2 i ≠ j j =1
rij
2
coppia 2,3 compare una volta come 2,3 e una come 3,2.
2
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Esercitazione 3
Ba4. Calcolare la differenza di potenziale tra due punti a distanza R ed R0 dall’asse di un filo
infinitamente lungo. L’asse del filo coincide con l’asse x, e sul filo vi è una densità lineare di
carica ρ1 (in C/m).
Soluzione. Le superfici equipotenziali sono cilindri che
E
hanno per asse il filo. La differenza di potenziale tra una
superficie cilindrica a distanza R e una a distanza R0 è
r
R0
V ( R ) − V ( R0 ) = ∫ E ( r )dr
R
In qualunque punto P il campo elettrico è diretto
normalmente all’asse del filo e il suo modulo è:
ρ1
E (r) =
2πε 0 r
h
E
Sostituendo tale valore e calcolando l’integrale precedente si ottiene:
R
R0
R
ρ 0 dr
ρ
V ( R ) − V ( R0 ) = ∫ E ( r )dr = 1 ∫
= 1 ln 0
R
R
2πε 0 R r
2πε 0
Per R0→∞, la differenza di potenziale V(R)−V(R0) diventa infinita; non ha perciò senso, in
questo caso, assumere come riferimento il punto all’infinito.
Ba5. Un guscio sferico metallico di raggio esterno pari a 18 cm e raggio interno pari a 12 cm
contiene una sfera metallica di raggio 2 cm. La sfera interna ha una carica di 2 nC mentre sul
guscio esterno viene posta una carica di – 4 nC. Il potenziale elettrico nel punto P(r) ad una
distanza r = 2 cm vale
(A) 650 V
(B) 200 V
(C) – 70 V
(D) – 100 V
(E)− 90 V
Soluzione. Il potenziale elettrico in un punto P(r) è uguale
al lavoro del campo E per portare una carica unitaria da P(r)
all’infinito. Se si suddivide il percorso in modo opportuno e cioè
B
P
A
da P ad A, da A a B e da B all’infinito, si può calcolare il lavoro
sommando i contributi relativi a ciascun tratto.
Il campo elettrico nella zona da P ad A è pari a quello di una
carica puntiforme qint posta nel centro; nel guscio da A a B E=0
in quanto si tratta di un conduttore; all’esterno del guscio(freccia tratteggiata da B
all’infinito), il campo E è pari al campo elettrico di una carica puntiforme qint+qext posta nel
centro.
Si ha perciò:
∞
⎛ rA q
⎞
⎛ q 0.12 qint + qext ∞ ⎞
q +q
⎟=
+
V ( P) = k e ⎜ ∫ int2 dr + ∫ int 2 ext dr ⎟ = −k e ⎜ int
⎜ r 0.02
⎟
⎜r r
⎟
r
r
0
.
18
rB
⎝
⎠
⎝P
⎠
1 ⎞
1
⎛ 1
= 9 ⋅ 2⎜
−
= 650 V
⎟ −9⋅2
0.18
⎝ 0.02 0.12 ⎠
Ba6. Nei dintorni del punto O (origine degli assi cartesiani) dove si annulla, un campo
elettrico è descritto in ogni punto P dalla relazione vettoriale E( P) = − A ⋅ OP con
A = 25 kV/m2. Se P1 e P2 sono due punti dell’asse delle x con ascisse x1 = 2 cm ed x2 = 3 cm
la differenza di potenziale V(P2) − V(P1) vale
(A) −6.25 V
(B) −12.5 V
(C) 0 V
(D) 6.25 V
(E) 12.5 V
3
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Esercitazione 3
Soluzione
La forza elettrica in O è di tipo elastico e lungo qualunque direzione (x in particolare), il
potenziale si scrive
x
x
Ax 2
A
V ( x ) = − ∫ E x ⋅ dx = ∫ Ax ⋅ dx =
⇒ V ( x 2 ) − V ( x1 ) = (x 22 − x12 ) ≈ 6.25 V
2
2
0
0
Ba7. Le cariche +e e −e (e = 1.6(10−19) C) sono poste nei tre
vertici di un quadrato di lato l =2(10−10) m come in figura. Il
potenziale elettrico del quarto vertice A vale:
(A) 7.2 V
(B) 9.3 V
(C) 4.65(1010) V
(D) 1.48 (1010) V (E) 1.1(1010) V
+e
A
0.2 nm
−e
+e
Ba8. Se nel punto A della figura dell’esercizio precedente si porta una carica +e,l’energia
potenziale del sistema formato dalle quattro cariche vale:
(A) −9.3 eV
(B) 9.3 eV
(C) 0 eV
(D) 7.2 eV
(E) 28.8 eV
Ba9. Due protoni (mp=1.67 (10−27) kg, q = 1.6(10−19) C) in un nucleo di nickel sono distanti
circa 4(10−15) m. La loro energia potenziale vale (in MeV)
(A) 3.92
(B) 0.576
(C) 1.44
(D) 0.36
(E) 0.157
Ba10. Tre elettroni sono collocati ai vertici di un triangolo equilatero di lato 0.2 nm. Il
potenziale elettrico nel baricentro del triangolo vale
(A) −21.6 V
(B) −37.4 V
(C) −43.2 V
(D) −24.9 V
(E) −49.9 V
Ba11. Una carica Q è al centro di un guscio sferico conduttore il cui raggio interno vale
0.055 m e quello esterno 0.075m . Se il campo elettrico alla distanza di 1 m vale in modulo
345 N/C (diretto verso l’esterno) il potenziale elettrico a 0.065 m dal centro vale (in V)
(A) 0
(B) 4600
(C) 5300
(D) 9800
(E) 11500
Ba12. Un lungo cavo coassiale ha come conduttore interno un cilindro di raggio R1=0.1 cm e
come conduttore esterno un cilindro cavo di raggio interno R2= 0.3 cm ed esterno R3=0.5 cm.
Il conduttore interno porta una carica di densità lineare λ1 = 5(10−6) C/m mentre quello
esterno porta una carica di densità λ2 = −5 (10−6) C/m. La differenza di potenziale tra un
punto a distanza d = 0.3 cm dall’asse del cavo e un punto sull’asse del cavo vale
(A)−98.9 kV
(B)−62.4 kV
(C) 0
(D)−31.4 kV
(E) ______
Ba13. Una carica q1 = 1.75 (10−6) C è nell’origine di un sistema di riferimento e una carica
q2 = −8.6 (10−7) C è nel punto di ascissa x2 = 0.75 m. Nel punto dell’asse x a metà tra le due
cariche il potenziale elettrico vale
(A) 2.14 (104) V (B) 5.46 104V
(C) 3.68 104V
(D) 2.74 103 V
(E) 8.29 103V
Ba14. Due cariche puntiformi q1 = 10−7 C e q2 = −10−7C sono poste alla distanza di 1 cm. Il
modulo del vettore momento del dipolo vale
(A) 10−7Cm
(B) 10−9Cm
(C) 2⋅10−7Cm
(D) 2⋅10−5Cm
(E) 10−6Cm
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Esercitazione 3
Ba15. Il dipolo del problema precedente è posto in un campo elettrico uniforme di modulo
E = 2(105) V/m diretto verso la direzione positiva dell’asse y ed è mantenuto nella direzione
che forma un angolo di 30° con l’asse x. L’energia potenziale del dipolo vale
(A) −1.73(10−4)J
(B) −10−4J
(C) 1.73(10−4)J (D) 10−4J
(E)_____
Ba16. Un dipolo elettrico è costituito da uno ione monovalente positivo e = 1.6(10−19) C, e da
uno negativo −e alla distanza d = 10−10 m. Il dipolo viene posto in un campo elettrico
uniforme diretto verso la direzione positiva dell’asse y di modulo E = 2(105) V/m dove si
orienta parallelamente al campo E. Per orientare il dipolo in modo che formi un angolo di 60°
con la direzione positiva dell’asse y il campo esterno deve compiere un lavoro pari a
(A) −2.77(10−24)J (B) −1.6(10−24)J (C) 2.77(10−24)J (D) 3.2(10−24)J
(E)_____
Ba17. Il potenziale elettrico in una regione dello spazio in prossimità dell’origine cartesiana
varia in funzione della posizione x secondo la legge:
V (x ) = a + bx + cx 2
dove le costanti hanno i seguenti valori: a = 3000 V, b = 2000 V/m,
y
B
c = 1500 V/m2. Il bastoncello AB della figura è lungo 2 m e porta ai
suoi estremi due cariche di segno opposto e di uguale valore assoluto
P
q = 1 mC. Il punto medio P di AB è vincolato nel punto di ascissa
x
xP = 5 m dell’asse x. Il momento rispetto a P delle forze elettriche
agenti sulle cariche del bastoncello in N⋅m vale
A
(A) 23.8
(B) 32.2
(C) 34.0
(D) 35.7
(E) 46.0
Ba18. Con riferimento al problema precedente, se il bastoncello è lasciato libero di ruotare
attorno al punto fisso P e riesce a raggiungere la posizione di equilibrio, in tale posizione la
risultante delle forze elettriche agenti sul bastoncello vale in modulo
(A) 8.4 N
(B) 8 .0
(C) 6.0 N
(D) 5.6 N
(E) 4.2 N
DAL POTENZIALE ELETTROSTATICO AL CAMPO ELETTRICO
Bb1. Tre cariche con il segno mostrato in figura e con
y
Q = 10−6 C sono fisse sull’asse x. La carica centrale è a
una distanza d = 1m dalle cariche laterali. Un corpo
puntiforme, di carica −q e massa m libero di muoversi
y0
−q
normalmente all’asse x, si trova inizialmente nel punto
di ordinata y0 = 1 m.
La carica mobile
+Q
+Q
−Q
(A) si muove verso la carica centrale fino a
x
raggiungerla.
d
(B) si allontana indefinitamente lungo l’asse y.
(C) sta ferma.
(D) si allontana inizialmente dall’asse delle x ma poi torna nella posizione iniziale compiendo
un moto oscillatorio.
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Esercitazione 3
(E) si avvicina inizialmente all’asse delle x ma poi torna nella posizione iniziale compiendo
un moto oscillatorio.
Soluzione. Quando la carica −q è molto vicina all'asse delle x (y<<d) prevale la repulsione
della carica negativa centrale; quando è molto lontana (y>>d), prevale l’attrazione essendo
complessivamente la carica sull’asse x positiva. Poiché il campo elettrico cambia direzione, vi
è certamente un punto lungo l’asse delle y dove si annulla e in tale punto si ha equilibrio.
La componente Ey del campo elettrico è la derivata, cambiata di segno, rispetto a y del
potenziale elettrico generato dalle cariche Q
cioè:
∂V
Ey = −
Ep
∂y
Si ha perciò:
d
y
⎛ −1
⎞
2
⎟
V ( y ) = Q⎜
+
2
2 ⎟
⎜ y
y +d ⎠
⎝
⎛ 1
⎞
dV
2y
⎟
= Q⎜ 2 −
3
/
2
2
2
⎜y
⎟
dy
(
)
y
d
+
⎝
⎠
d
dV
= 0 ⇒ y 2 + d 2 = 3 2 y ⇒ y 2 + d 2 = 22 / 3 y 2 ⇒ y = ±
≈ ±1.305d
dy
22 / 3 − 1
Perciò il corpo puntiforme si allontanerà inizialmente dall’asse x; raggiungerà e oltrepasserà il
punto di equilibrio. Poiché l’energia potenziale iniziale Ep = – qV(y0) è negativa e l’energia
potenziale all’infinito è nulla, il corpo carico non ha sufficiente energia per allontanarsi
indefinitamente e tornerà indietro compiendo un moto oscillatorio non armonico (il potenziale
dovrebbe per questo avere un andamento parabolico).
Il problema si poteva risolvere anche in modo sintetico. Si verifica tracciando i vettori delle
forze sul corpo carico mobile generate dalle cariche fisse; per y0=d la risultante è diretta verso
l'alto. La carica non può perciò stare ferma, né può allontanarsi indefinitamente perché
l’energia potenziale iniziale (immediatamente calcolabile in modo numerico) è minore di
quella all’infinito.
Bb2. Il potenziale elettrico è nullo nel baricentro di un triangolo
A
equilatero di lato 1 cm e nei tre vertici A, B, C della figura vale
VA= −7 V, VB = −2 V, VC = 9 V; se il campo elettrico è uniforme, la
y
componente Ex del campo elettrico è stimata essere
(A) 0 kV/m (B) −1.1 kV/m
(C)−1.2 kV/m
(D)1.2 kV/m
x
(E) 1.6 kV/m
Soluzione. I dati consentono di calcolare il campo elettrico medio nella B
C
direzione x e nella direzione y, ricordando che, essendo E la derivata
parziale di V cambiata di segno, per calcolare Ex è necessario calcolare la variazione di V
rispetto a x (con y costante); si devono perciò scegliere due punti con la stessa ordinata
(yB=yC=y*). Si ha quindi:
E x = −(V ( xC , y*) − V ( x B , y*)) / ( xC − x B ) = −1.1 kV/m
Per calcolare Ey si può utilizzare A e il baricentro (stessa ascissa) dato che in tali punti si
conosce il potenziale. Nel caso in cui non fosse dato il potenziale nel baricentro, occorre
scegliere un punto avente la stessa ascissa di A, per esempio il punto medio H di BC, nel
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Esercitazione 3
quale è possibile calcolare il potenziale sinteticamente da (VB+VC)/2 oppure analiticamente
da:
V − VB
Ex = − H
= −1.1 kV/m ⇒ VH = (1100 ⋅ 0.5(10 − 2 ))V + VB = 3.5V
xH − xB
Si ha pertanto:
V ( x*, y H ) − V ( x*, y A )
Ey = −
= 1.2 kV/m
yH − yA
Bb3. I potenziali elettrici nei punti del piano attorno all’origine
hanno i valori riportati in tabella. La componente Ex del campo
elettrico nell’origine vale
(A) −5V/m
(B) −10V/m
(C) 5 V/m
(D) 10 V/m
(E) ____ V/m
x
0m
−1 m
1m
0
0
y
0m
0m
0m
−1 m
1m
V(x,y)
75 V
85 V
65 V
70 V
80 V
Bb4. Il potenziale elettrico lungo la retta y = a di un piano xy è descritto dalla funzione
⎛
⎞
1
1
⎜
⎟
V
V ( x) = 9
−
2
2
⎜
2
2 ⎟
(
)
(
)
1
1
x
+
+
a
x
−
+
a
⎝
⎠
La componente Ex del campo elettrico nel punto (0, a =0) vale (tutte le coordinate sono
espresse in metri)
(A) 0.257 V/m
(B) 0.569 V/m
(C) 1.61V/m
(D) 6.36 V/m
(E) 18.0 V/m
Bb5. Lungo l’asse x del piano xy il potenziale elettrico è descritto dalla funzione
V0
V ( x) =
x2
1+ 2
a
con V0 = 5 V e a = 2 m. La componente Ex del campo elettrico nel punto x = 4 m vale
(B) 0.89 V/m
(C) 2.68V/m
(D) 0.36 V/m
(E) 0 V/m
(A) 0.45 V/m
MOTO DI CARICHE IN CAMPI ELETTRICI
Bc1. Un protone si muove in un piano (x,y) in un campo elettrico uniforme parallelo al piano.
Nel punto O(0,0) le componenti della sua velocità sono vx(O) = 3(106) m/s e
vy(O) = 2(106) m/s. Quando il protone si trova in A(3.71m, 3.56m) le componenti della
velocità sono vx(A) = 4.42(106) m/s e vy(A) = 5.12(106) m/s. La componente Ex del campo
elettrico vale
(A) 10 kV/m
(B) 15 kV/m
(C) 20 kV/m
(D) 33 kV/m
(E) 36.2 kV/m
Soluzione. La variazione di energia cinetica del protone è uguale al lavoro della forza elettrica
A
xA
yA
O
xO
yO
E c ( A ) − Ec (O) = LFe = q ∫ E ⋅ dl = q ∫ E x dx +q ∫ E y dy = qE x x A +qE y y A
D’altra parte la variazione di energia cinetica può essere scritta evidenziando le componenti
della velocità:
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Esercitazione 3
1
1
1
1
1
1
2
2
2
2
2
2
2
2
mv 2A − mv O2 = m( v x A + v y A ) − m( v x O + v y O ) = m( v x A − v x O ) + m( v y A − v y O )
2
2
2
2
2
2
Quindi eguagliando membro a membro si ha:
2
2
m( v x A − v x O )
1
2
2
=
E
x
qE x x A = m( v x A − v x O )
2qx A
2
⇒
2
2
1
2
2
qE y y A = m( v y A − v y O ) E = m( v y A − v y O )
y
2
2qy
A
dalle quali si ottiene il valore delle componenti Ex Ey del campo.
2
2
[
]
[
]
m( v x A − v x O ) 1.67 × 10 −27 kg (4.42) 2 − 9 × 1012 m 2
kV
=
≈ 15
−19
2qx A
2 × 1.6 × 10 C × 3.71 m
m
2
2
27
2
12
2
−
m( v y A − v y O ) 1.67 × 10 kg (5.12) − 4 × 10 m
kV
=
≈ 33
Ey =
−19
2qy A
2 × 1.6 × 10 C × 3.56 m
m
Ex =
Bc2. Con riferimento al problema precedente il lavoro compiuto dal campo sul protone per
portarlo dal punto O al punto A vale
(A) 1.66(10−14)J (B) 2.02(10−14)J (C) 2.22(10−14)J (D) 2.73(10−14)J (E) 3.87(10−14)J
Soluzione. Il lavoro della forza elettrica è uguale alla variazione di energia cinetica, quindi:
1
1
1
1
2
2
2
2
L = mv 2A − mv O2 = m( v x A + v y A ) − m( v x O + v y O ) =
2
2
2
2
− 27
2
2
1.67 × 10 kg (4.42) + (5.12) − 9 − 4 × 1012 m 2
=
= 2.73 × 10 −14 J
2
[
]
Bc3. Una particella carica (m = 3(10−8) kg, q = 2(10−6) C) si muove liberamente nel piano xy
per effetto di un campo elettrico. Inizialmente si trova in un punto A dove possiede la velocità
v(A) di componenti vx(A) =0 e vy(A) = 100 m/s. Successivamente si trova in B dove le
componenti della velocità valgono vx(B) =200 m/s e vy(B) = 50 m/s. La differenza di
potenziale V(A)−V(B) tra i punti A e B vale
(A) 0 V
(B) 12 V
(C) 19 V
(D) 244 V
(E) 363 V
Soluzione. La variazione di energia cinetica è uguale al lavoro della forza elettrica, che può
essere espresso dal prodotto della carica e della differenza di potenziale fra A e B, cioè:
m 2
m
L = q(V (A) − V (B) ) =
v B − v 2A = (v x2 B + v y2 B ) − (v x2 A + v y2 A )
2
2
2
3(10 −8 )kg
m 2
2
2
2 m
da cui V (A) − V (B) =
(
v B − v A2 ) =
(
200
+
50
−
100
)
= 243.75 V
2q
4(10 −6 )C
s2
(
)
[
]
Bc4. Un protone (mp = 1.67(10−27) kg, q = 1.6(10−19) C) si trova inizialmente fermo
sull’armatura positiva di un condensatore nel vuoto fra le cui armature vi è una differenza di
potenziale di 100 V. La velocità con cui il protone raggiunge l’armatura negativa del
condensatore è di circa
(A) 36000 km/h (B) 138 km/s
(C) 99 km/s
(D) 199 km/s
(E) 3(105) km/s
Bc5. La differenza di potenziale che aumenta di 4.3(10−15) J l’energia cinetica di un protone
(m=1.67(10−27) kg, q = 1.6(10−19) C) vale
(A) 0.27 MV
(B) 0.13 MV
(C) 13 kV
(D) _______
(E) 27 kV
8
Fisica Generale - Modulo Fisica II
Ingegneria Gestionale-Informatica
Esercitazione 3
Bc6. Un elettrone (me=9.1(10−31) kg, q= 1.6(10−19) C) è sparato
orizzontalmente tra i piatti del condensatore della figura, a livello
della armatura negativa, con una velocità v0 = 2.965(106) m/s. Se la
distanza tra le armature è d = 5 mm e la differenza di potenziale tra e
queste è 20 V, quale distanza orizzontale Δx percorrerà l’elettrone
prima di raggiungere l’armatura positiva?
(A) 0.79 cm
(B) 1.12 cm
(C) 1.79 cm
(D)3.16 cm
Δx
v0 d
(E) 8.94 cm
Bc7. Un protone (mp=1.67(10−27) kg, q = 1.6(10−19) C) viene accelerato da una differenza di
potenziale di 150 kV e urta frontalmente un atomo di carbonio (massa ≈ 12 mp) che è in moto
verso il protone con energia cinetica pari a quella del protone stesso. Se dopo l’urto i due
corpi procedono assieme, la loro velocità comune sarà di circa
(B) 1.0 m/μs
(C) 1.5 m/μs
(D) 1.8 m/μs
(E) 5.4 m/μs
(A) 0.4 m/μs
Bc8. Nell’esperimento di Millikan una goccia di olio di 2μm di raggio e densità relativa
all’acqua di 0.85 è tenuta sospesa tra i piatti orizzontali di un condensatore quando è applicato
un campo elettrico discendente di 8.72 kV/cm. Quante cariche di un elettrone contiene la
goccia?
(A) 2
(B) 5
(C) 7
(D) 10
(E) _________
Bc9. La velocità massima di un elettrone in un tubo da televisore operante a 20000 V è di
circa (me = 9.1(10−31) kg) (si trascurino gli effetti relativistici)
(A) 2.4(106) m/s
(B) 5.9(107) m/s
(C) 6.2(107) m/s
(D) 8.4(107) m/s
(E)_________
Bc10. Un protone (m = 1.67×10−27 kg, q = 1.6×10−19 C) si trova
m,q
inizialmente al centro O di un anello di raggio r = 1 cm su cui è
0
uniformemente distribuita una carica Q = 3 μC. Se in O il protone
x
r
ha una velocità v0 = 5×102 m/s diretta come l’asse dell’anello
(direzione positiva dell’asse x), nel punto di ascissa x = 20 cm il protone avrà velocità vx pari
a circa
(A) 5.3×106 m/s (B) 7.4×106 m/s (C) 9.2×106 m/s (D) 2.2×107 m/s (E) _____m/s
Bc11. Un protone nel vuoto (m = 1.67×10−27 kg, q = 1.6×10−19 C) si trova
inizialmente in P0, a distanza d0 = 1 m dall’asse di un lungo cilindro, con
velocità v0 = 106 m/s diretta verso l’asse del cilindro. Il cilindro è carico e
costituito da rete metallica penetrabile dal protone, ha raggio R = 10 cm e la
carica è di +3 μC per ogni metro di altezza del cilindro. La distanza minima
dall’asse a cui giunge il protone è di
(C) 46.6 cm
(A) 0.00 cm
(B) 10.1 cm
(E) 90.8 cm
(D) 67.9 cm
R
v 0 P0
d0
9
Fisica Generale - Modulo Fisica II
Ingegneria Gestionale-Informatica
Esercitazione 3
CAPACITÀ, CONDENSATORI ED ENERGIA
Bd1. Se un protone (carica +e) ha raggio r = 1.2(10−15) m, la sua energia elettrostatica è pari a
circa (1 MeV= 1.6(10−13) J).
(A) 0.6 MeV
(B) 1.6 MeV
(C) 1.11 MeV
(D) 0.314MeV
(E) 3.0 MeV
Soluzione. In prima approssimazione, si può utilizzare la formula dell’energia per la sfera
1 e2 1 e2
conduttrice carica,
=
≈ 0.6 MeV che differisce poco (~20%) dalla formula
2 C 2 4πε 0 r
3e 2
calcolabile per l’energia della sfera uniformemente carica
20πε 0 r
Bd2. Un condensatore è formato da due piastre piane di area S = 0.1 m2 distanti d = 1 cm. Lo
spazio tra le armature è pieno per 3/4 di olio (εr1 = 5,
εr2=1
d2 = 0.25 cm
d1 = 0.75 cm) e per il restante 1/4 d’aria (εr2 ≈ 1,
d2 = 0.25 cm).
La capacità del condensatore è pari a circa
(A) 0.47 nF
(B) 314 pF
(C) 111 pF
(D) 5.31 nF
(E) 221 pF
Soluzione. Possiamo pensare al condensatore come costituito
da un condensatore
ε ε S
ε ε S
C1 = o r1 in serie con C2 = o r 2
d1
d2
La capacità C del condensatore complessivo è
+ C2−1 ) −1
⎛d
d ⎞
= ε 0 S ⎜⎜ 1 + 2 ⎟⎟
⎝ ε r1 ε r 2 ⎠
−1
=
d1 = 0.75 cm
ε o Sε r1ε r 2
≈ 221pF
d 2ε r1 + d1ε r 2
A
Bd3. Il piatto metallico A di sinistra è isolato e ha una densità
2
superficiale di carica σA = +5 nC/m ; Il piatto metallico C di
destra è isolato, parallelo ad A e porta una densità superficiale di
carica di σC = −10 nC/m2. Tra i due piatti è inserita una lastra
metallica B spessa 3 cm collegata a terra. La distanza tra le
superfici affacciate di A e B è d1 = 4 cm mentre tra B e C la
distanza è d2 = 7 cm.
La differenza di potenziale VAB vale (in volt)
(A) _______
(B) 22.6
(C) 56.5
(D) 79.1
(E) 101.7
Soluzione. Se A fosse completamente isolato e lontano da qualsiasi A
corpo metallico, la carica elettrica si distribuirebbe su tutta la sua
superficie. La presenza della lastra metallica B provoca la
distribuzione della carica elettrica solo sulla superficie di A
affacciata a B, mentre sulle superfici di B si addensano cariche di
segno opposto a quelle presenti su A e su C. Il campo elettrico nelle
regioni fra le lastre è quindi uniforme e di intensità:
B
d1
C
d2
B
−
−
−
−
−
d1
C
+ + + + + ++
C=
(C1−1
εr1=5
d2
10
Fisica Generale - Modulo Fisica II
Ingegneria Gestionale-Informatica
E A−B =
σA
= VAB / d 1
ε0
e
E B− C =
Esercitazione 3
σC
= VBC / d 2
ε0
Di conseguenza, la differenza di potenziale VAB vale:
VAB =
σ A d1 5 × 10 −9 C/m 2 × 0.04m
=
= 22.6 V
ε0
8.85 × 10 −12 C 2 /Nm
Bd4. Un grande condensatore a facce piane e parallele porta una carica di 9.6 nC. Sapendo
che la superficie delle armature del condensatore è S = 160 cm2, e il condensatore si trova in
aria, calcolare la densità di energia del campo elettrico all’interno del condensatore. (NB: la
costante dielettrica dell’aria è circa uguale alla costante dielettrica del vuoto)
(A) 1152 nW/m2 (B) 20.4 mJ/m3
(C) 1.13 eV/m3
(D) 1.15 μJ/m3
(E) 580 nJ/m3
Soluzione. Il campo elettrico all’interno del condensatore è E = σ/ε0 = Q/ε0S e la densità di
energia
1
U E = ε 0 E 2 = 0.02036 J/m3
2
Bd5. Una sfera conduttrice di raggio r1 = 15 cm è circondata da un
guscio metallico concentrico di diametro interno 2r2 = 31 cm e diametro
esterno 2r3 = 33 cm ed ha l’intercapedine tra sfera e guscio ripiena di
materiale isolante con costante dielettrica εr = 4. La capacità di tale
condensatore vale circa
r3
r1
r2
(A) 0.91 nF
(B) 1.82 nF
(C) 2.07 nF
(D) 4.13 nF
(E) 4.53 nF
Soluzione
Dato che la capacità è espressa dalla relazione: C = Q/ΔV, occorre calcolare la differenza di
potenziale tra i due gusci a partire dal campo E generato dalla sola carica Q presente sulla
sfera interna; il guscio esterno, infatti si carica per induzione (confronta esercizio svolto Ba5)
e il suo potenziale è in tutti i punti uguale a quello calcolato sulla superficie interna del
guscio.
Si ha pertanto:
r2
r
Q r2 − r1
Q⎛1 1⎞
Q 2 dr
ΔV = ∫ Edr = k ∫ 2 = k ⎜⎜ − ⎟⎟ = k
ε r r1 r
ε r ⎝ r1 r2 ⎠
ε r r1r2
r1
⇒C =
ε r r1r2
Q
=
≈ 2.07 nF
ΔV k (r2 − r1 )
Bd6. Due condensatori uguali con capacità C = 1 μF sono collegati come in figura ad un
generatore di tensione continua con V = 5 V. Dopo la chiusura
C
dell’interruttore S, l’energia elettrostatica immagazzinata, rispetto
all’energia iniziale
(A) diventa 1/4
(B) si dimezza
(C) resta uguale
S
V
C
(D) quadruplica (E) raddoppia
Soluzione La capacità iniziale è C/2 e la corrispondente energia
1 ⎛C ⎞ 2
2
⎜ ⎟V . L’energia finale è CV / 2 , ossia doppia di quella iniziale.
2⎝ 2⎠
11
Fisica Generale - Modulo Fisica II
Ingegneria Gestionale-Informatica
Esercitazione 3
Bd7. Un condensatore carico e isolato formato da due armature metalliche
affacciate in aria distanti d = 4 mm e di area S = 500 cm2 ha inizialmente una
differenza di potenziale V0 = 1500 V. Tra le armature viene inserita una
lamina conduttrice di spessore s = 2 mm. La differenza di potenziale V1 tra
le armature dopo l’inserimento della lamina vale circa
(A) _______
(B) 750 V
(C) 1000 V
(D) 1500 V
(E) 2000 V
s
d
Bd8. Con riferimento al problema precedente, il rapporto tra energia elettrostatica iniziale
(E0) del condensatore e l’energia elettrostatica E1 dopo l’inserimento della lamina (E0/E1) vale
(A) 0.375
(B) 0.600
(C) 1.500
(D) 2.000
(E) _______
Bd9. Una sfera conduttrice di raggio R = 0.5 m, è caricata con una carica complessiva Q = 1
mC ed è posta nel vuoto. Calcolare l’energia potenziale immagazzinata nel campo elettrico
generato dalla sfera carica in tutto lo spazio vuoto circostante e dimostrare che è uguale al
lavoro fatto per caricare la sfera.
(A) 4.5 kJ
(B) 9 kJ
(C) 2.25 kJ
(D) 5.4 kJ
(E) _______
Bd10. La carica di un condensatore di capacità C = 0.01 F passa da Q1 = 1C a Q2 = 0.5 C.
L’energia del condensatore diminuisce di
(A) 18.75 J
(B) 37.5 J
(C) 75 J
(D) 150 J
(E) 300 J
Bd11. Quando una carica complessiva Q = 1 mC è portata dall’infinito su una sfera isolante
di raggio R = 1 m, l’energia potenziale acquistata dal sistema costituito dalla sfera e
dall’intero spazio vuoto circostante è di circa
(A) 4.5 kJ
(B) 9 kJ
(C) 2.25 kJ
(D) 5.4 kJ
(E) _______
Bd12. Un condensatore con C= 2 μF è inizialmente isolato e fra le sue armature vi è una
differenza di potenziale V=1000 V. Il condensatore carico viene poi collegato ad un
condensatore uguale e scarico. La differenza fra l’energia elettrostatica iniziale del
condensatore e l’energia elettrostatica finale complessiva dei due condensatori è pari a
(A) 0.25 J
(B) 0.5 J
(C) 1.0 J
(D) 2.0 J
(E)____ J
Bd13. Dati i quattro condensatori del disegno con C1 = 1μF,
C2 = 2μF, C3 = 3μF, C4 = 5μF, il rapporto Q1/Q2 tra le
cariche su C1 e su C2 vale
(A) 1/15
(B) 1/10
(C) 1/6
(D) 5/2
C1
C4
C2
ΔV
C3
(E) 5/3
Bd14. Con riferimento al problema precedente, se ΔV = 1000 V, l’energia elettrostatica del
condensatore C1 vale
(A) 27.8 mJ
(B) 41.7 mJ
(C) 347.2 mJ
(D) 2.50 J
(E) 2.92 J
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Fisica Generale - Modulo Fisica II
Ingegneria Gestionale-Informatica
Bd15. L’energia complessiva immagazzinata in C1 e C2 è pari a
0.8 J e quella in C3 e C4 è di 0.4 J; il voltaggio V vale 30V;
l’energia in C2 è tre volte quella in C1 e l’energia di C4 è tre volte
quella di C3. Il valore di C1 è di
(A) 1 mF
(B) 2 mF
(C) 3 mF
(D) 5 mF
(E) 6 mF
Esercitazione 3
C1
C3
V
C4
C2
Bd16. Un condensatore a facce piane e parallele di area 1 m2 poste nel vuoto a distanza di
1 mm viene caricato con una carica q = 0.6 μC e quindi staccato dal generatore. Se tra le due
armature del condensatore carico viene inserito un dielettrico con εr = 2, la differenza tra
energia potenziale finale ed iniziale del condensatore
(A) è nulla
(B) è negativa e pari all’energia iniziale
(C) è positiva e pari all'energia iniziale
(D) è negativa e pari all’energia finale
(E) è positiva e pari all’energia finale
Bd17. Un condensatore a facce piane e parallele di area 1 m2 poste nel vuoto a distanza di
1 mm viene caricato con una carica q = 0.6 μC. Se, mantenendolo collegato al generatore, tra
le due armature del condensatore carico viene inserito un dielettrico con εr = 2, la differenza
tra energia potenziale finale ed iniziale del condensatore
(A) è nulla
(B) è negativa e pari all’energia iniziale
(C) è positiva e pari all'energia iniziale
(D) è negativa e pari all’energia finale
(E) è positiva e pari all’energia finale
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